矩阵乘法(三):根据要求构造矩阵进行快速幂运…

2019-09-04 07:07:31来源:博客园 阅读 ()

矩阵乘法(三):根据要求构造矩阵进行快速幂运算

      在应用矩阵的快速幂运算解决一些递推问题时,由于递推式不是一个直接的线性关系,这样不能直接简单地得到用于运算的矩阵,需要进行适当的构造。下面先看一道POJ 上的经典题目。

【例1】Matrix Power Series (POJ 3233)

Description

Given a n × n matrix A and a positive integer k, find the sum S = A + A2 + A3 + … + Ak.

Input

The input contains exactly one test case. The first line of input contains three positive integers n (n ≤ 30), k (k ≤ 109) and m (m < 104). Then follow n lines each containing n nonnegative integers below 32,768, giving A’s elements in row-major order.

Output

Output the elements of S modulo m in the same way as A is given.

Sample Input

2 2 4
0 1
1 1
Sample Output

1 2
2 3

      (1)编程思路。

      题目的意思是:输入n*n矩阵A,求S=A + A^2 + A^3 + … + A^k的结果(两个矩阵相加就是对应位置分别相加),输出的数据mod m。

      显然不能将各个矩阵的2~k次幂均计算出来,会超时的。

      可以构造出一个2n*2n的矩阵P,采用分块的方法表示如下,,其中 A 为原矩阵,I 为单位矩阵,O 为0矩阵。

    

      

        我们发现 Pk+1 右上角那一个分块n*n矩阵正是要求的 A+A2+...+A

  于是我们构造出 P矩阵,然后对它求矩阵快速幂,最后减去一个单位阵即可得到结果。

      (2)源程序。

#include <stdio.h>
#include <string.h>
struct Matrix
{
      int mat[61][61]; // 存储矩阵中各元素
};
Matrix matMul(Matrix a ,Matrix b,int n,int m)
{
      Matrix c;
      memset(c.mat,0,sizeof(c.mat));
      int i,j,k;
      for (i = 1; i<=n ; i++)
          for (j=1 ;j<=n ; j++)
              for (k = 1 ;k<=n ;k++)
              {
                    c.mat[i][j]=(c.mat[i][j]+a.mat[i][k] * b.mat[k][j]) % m;
              }
      return c;
}
Matrix quickMatPow(Matrix a ,int n,int b,int m) // n阶矩阵a快速b次幂
{
      Matrix c;
      memset(c.mat ,0 ,sizeof(c.mat));
      int i;
      for (i = 1 ;i <= n ;i++)
      c.mat[i][i] = 1;
      while (b!=0)
      {
            if (b & 1)
                 c = matMul(c ,a ,n,m); // c=c*a;
            a = matMul(a ,a ,n,m); // a=a*a
            b /= 2;
      }
      return c;
}
int main()
{
      int n,k,m,i,j;
      Matrix p ;
      scanf("%d%d%d",&n,&k,&m);
      memset(p.mat,0,sizeof(p.mat));
      for (i=1;i<=n;i++)
          for (j=1;j<=n;j++)
              scanf("%d",&p.mat[i][j]);
      for (i=1;i<=n;i++)
      {
               p.mat[i][n+i]=1;        // 右上角的单位矩阵
               p.mat[n+i][n+i]=1;    // 右下角的单位矩阵
      }
      p = quickMatPow(p,2*n,k+1,m);
      for (i=1;i<=n;i++)
      p.mat[i][i+n]--;               // 减去单位矩阵
      for (i=1;i<=n;i++)
      {
            for (j=n+1;j<=2*n;j++)
                 printf("%d ",(p.mat[i][j]+m)%m);
            printf("\n");
      }
      return 0;
}

      由于构造的P矩阵中含有大量的0元素,因此可以考虑在矩阵相乘时进行优化,优化的方法是如果是0元素就不进行对应元素运算。优化后的矩阵相乘函数如下:

Matrix matMul(Matrix a ,Matrix b,int n,int m)
{
      Matrix c;
      memset(c.mat,0,sizeof(c.mat));
      int i,j,k;
      for (k = 1; k<=n ; k++)
          for (i=1 ;i<=n ; i++)
             if (a.mat[i][k]!=0)
                 for (j = 1 ;j<=n ;j++)
                     c.mat[i][j] = (c.mat[i][j] + a.mat[i][k] * b.mat[k][j]) % m;
      return c;
}

【例2】另类斐波那契数列。

      已知斐波那契数列为:F(0) = 1,F(1) = 1,F(N) = F(N - 1) + F(N - 2)  (N >= 2)。现定义一个新的类斐波那契数列: A(0) = 1,A(1) = 1,A(N) = X * A(N - 1) + Y * A(N - 2) (N >= 2)。

      输入x、y和n,求新定义数列的前n项的平方和,即S(n)=A(0)^2+A(1)^2+....+A(n)^2。

      (1)编程思路。

      根据数列递推式不能直观地得到用于递推的矩阵,需要进行分析、构造。 

      因为  S[ n ]  = S[ n -1 ]  + A[n]^2

               A[n]=X*A[n-1]+Y*A[n-2]

      所以  S[n]=S[n-1]+X^2*A[n-1]^2+Y^2*A[n-2]^2+2XYA[n-1]*A[n-2]

      等式的右边有四项,有变化的是S[ n-1],A[n-1]^2,A[n-2]^2,A[n-1]*A[n-2],各自的系数1,x^2,Y^2,2XY一经输入就确定了,不会再变化。

      而有变化的四项S[ n-1],A[n-1]^2,A[n-2]^2,A[n-1]*A[n-2]向前推进一步应该为

S[ n],A[n]^2,A[n-1]^2,A[n]*A[n-1]。

      这样,可以构造一个4*4的矩阵P。

          

 

     为什么这样构造呢?是因为   (仔细体会一下哟!)

      

 

      构造好矩阵P后,就可以采用矩阵快速幂运算求S(n)了。

       

 

      (2)源程序。

#include <stdio.h>
#include <string.h>
#define MOD 10007
struct Matrix
{
      int mat[5][5]; // 存储矩阵中各元素
};
Matrix matMul(Matrix a ,Matrix b,int n)
{
      Matrix c;
      memset(c.mat,0,sizeof(c.mat));
      int i,j,k;
      for (k = 1; k<=n ; k++)
          for (i=1 ;i<=n ; i++)
              if (a.mat[i][k]!=0)
                  for (j = 1 ;j<=n ;j++)
                      c.mat[i][j] = (c.mat[i][j] + a.mat[i][k] * b.mat[k][j]) % MOD;
      return c;
}
Matrix quickMatPow(Matrix a ,int n,int b) // n阶矩阵a快速b次幂
{
      Matrix c;
      memset(c.mat ,0 ,sizeof(c.mat));
      int i;
      for (i = 1 ;i <= n ;i++)
             c.mat[i][i] = 1;
      while (b!=0)
      {
            if (b & 1)
                c = matMul(c ,a ,n); // c=c*a;
            a = matMul(a ,a ,n); // a=a*a
            b /= 2;
      }
      return c;
}
int main()
{
       int n,x,y,ans;
       Matrix p;
       while(scanf("%d%d%d" ,&n ,&x ,&y)!=EOF)
       {
            x = x%MOD;
            y = y%MOD ;
            if (n==2)
                 printf("%d\n" ,(x*x%MOD+y*y%MOD+2*x*y%MOD+2)%MOD) ;
            else
            {
                 memset(p.mat,0,sizeof(p.mat));
                 p.mat[1][1]=p.mat[3][2]=1;
                 p.mat[1][2]=p.mat[2][2]=(x*x)%MOD;
                 p.mat[1][3]=p.mat[2][3]=(y*y)%MOD;
                 p.mat[1][4]=p.mat[2][4]=(2*x*y)%MOD;
                 p.mat[4][2]=x;
                 p.mat[4][4]=y;
                 p = quickMatPow(p,4,n-1);
                 ans=(p.mat[1][1]*2%MOD+p.mat[1][2]+p.mat[1][3]+p.mat[1][4])%MOD;
                 printf("%d\n" ,ans);
            }
       }
       return 0;
}

       将此源程序提交给 HDU 3306 “Another kind of Fibonacci”,可以Accepted。   

【例3】又一个非线性递推数列。

      设有数列F的定义如下:f[1] =a,f[2]=b,  f(n)=f(n-1)+f(n-2)*2+n^4  (n>=3)。

      输入a、b和n的值, 求f[n] mod 2147493647的结果。

      (1)编程思路。

      通过本题可以更进一步思考用于递推的矩阵的构造方法。

      因为  f(n)=f(n-1)+f(n-2)*2+n^4

               f(n-1)=f(n-2)+f(n-3)*2+(n-1)^4

      因此,构造矩阵时的关键是找到怎样由(n-1)^4到n^4的递推。

      又由于 n^4=(n-1+1)^4=(n-1)^4 + 4 (n-1)^3 + 6 (n-1)^2 + 4 (n-1)^1 +1,因此,需要通过构造

矩阵维护好f(n-1)、f(n-2)、(n-1)^4、(n-1)^3、(n-1)^2、(n-1)^1和(n-1)^0这7个值。

     可以构造P矩阵如下:

        

 

       为什么这样构造呢?是因为 (好好体会哟!)

 

      构造好矩阵P后,就可以采用矩阵快速幂运算求f(n)了。

     

 

      (2)源程序。

#include <stdio.h>
#include <string.h>
#define MOD 2147493647
struct Matrix
{
      __int64 mat[8][8]; // 存储矩阵中各元素
};
Matrix matMul(Matrix a ,Matrix b,int n)
{
      Matrix c;
      memset(c.mat,0,sizeof(c.mat));
      int i,j,k;
      for (k = 1; k<=n ; k++)
          for (i=1 ;i<=n ; i++)
              if (a.mat[i][k]!=0)
                  for (j = 1 ;j<=n ;j++)
                      c.mat[i][j] = (c.mat[i][j] + a.mat[i][k] * b.mat[k][j]) % MOD;
      return c;
}
Matrix quickMatPow(Matrix a ,int n,int b) // n阶矩阵a快速b次幂
{
      Matrix c;
      memset(c.mat ,0 ,sizeof(c.mat));
      int i;
      for (i = 1 ;i <= n ;i++)
           c.mat[i][i] = 1;
      while (b!=0)
      {
           if (b & 1)
               c = matMul(c ,a ,n); // c=c*a;
           a = matMul(a ,a ,n); // a=a*a
           b /= 2;
      }
      return c;
}
int main()
{
      int t,n,a,b;
      __int64 ans;
      Matrix p;
      scanf("%d" ,&t);
      while(t--)
      {
           scanf("%d%d%d" ,&n ,&a ,&b);
           if (n==1)
               printf("%d\n",a);
           else if (n==2)
               printf("%d\n",b);
           else
           {
                  memset(p.mat,0,sizeof(p.mat));
                  p.mat[1][1]=p.mat[1][3]=p.mat[1][7]=1;
                  p.mat[2][1]=p.mat[3][3]=p.mat[3][7]=1;
                  p.mat[4][4]=p.mat[4][7]=p.mat[5][5]=1;
                  p.mat[5][7]=p.mat[6][6]=p.mat[6][7]=p.mat[7][7]=1;
                  p.mat[1][2]=p.mat[5][6]=2;
                  p.mat[4][5]=p.mat[4][6]=3;
                  p.mat[1][4]=p.mat[1][6]=p.mat[3][4]=p.mat[3][6]=4;
                  p.mat[1][5]=p.mat[3][5]=6;
                  p = quickMatPow(p,7,n-2);
                  ans=(b*p.mat[1][1])% MOD;
                  ans=(ans+a*p.mat[1][2]) % MOD;
                  ans=(ans+16*p.mat[1][3]) % MOD;
                  ans=(ans+8*p.mat[1][4]) % MOD;
                  ans=(ans+4*p.mat[1][5]) % MOD;
                  ans=(ans+2*p.mat[1][6]) % MOD;
                  ans=(ans+p.mat[1][7])% MOD;
                  printf("%I64d\n" ,ans);
           }
      }
      return 0;
}

      将此源程序提交给 HDU 5950 “Recursive sequence”,可以Accepted。   


原文链接:https://www.cnblogs.com/cs-whut/p/11449050.html
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